洛必达法则

mac2022-06-30 28

洛必达法则

对于极限，\[\lim\limits_{\substack{x\to a \\ (x\to\infty) } }\frac{f(x)}{g(x)}\]

对于未定式，也就是$ \frac{0}{0}$, $\frac{\infty}{\infty}$, $\infty-\infty$, $0\cdot\infty$, $0^0$, $0^\infty$, $\infty^0$, $1^\infty$ 等形式的极限，都可以直接或者变形后用洛必达法则进行计算。注意：可以用等价无穷笑的先用等价无穷小代换后再计算

1. $\frac{0}{0}$ 型

例一：求极限

\[\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{x-tanx}{(sinx)^3}\]

解：代价无穷小代换：$sinx\sim x$\[\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{x-tanx}{(sinx)^3}\]\[=\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{x-tanx}{(x)^3}=\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{(x-tanx)'}{(x^3)' }=\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{1-sex^2x}{3x^2 } \]\[=\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{-tan^2x}{3x^2}=\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{-x^2}{3x^2}\]\[=-\frac{1}{3}\]

$ tanx^2=secx^2-1$

2.$tanx \sim x$

补充：常用等价无穷小$x\to 0$时

\[sinx \sim x\]\[tanx\sim x\]\[1-cosx \sim \frac{1}{2}x^2\]\[arcsinx \sim x\]\[arctanx \sim x\]\[a^x-1 \sim xlina\]\[e^x-1 \sim x\]

点乘：\cdot$a\cdot b$

叉乘:\times$a\times b$

除以:\div$a\div b$

~在Latex表示空格，可以用\sim转义代替\[A\sim B\]

$$A\sim B$$

例二：求极限

\[\lim\limits_{\substack{x \to 0 } } \frac{e^x+e^{-x}-2}{x-sinx}\]

\[ \color{#ea4335}{ =\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{e^x-e^{-x}}{1-cosx}(第一次使用洛必达法则)}\]\[=\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{e^x-e^{-x}}{\frac{1}{2}x^2}(等价无穷小:1-cosx\sim \frac{1}{2}x^2)\]\[=\lim\limits_{\substack{x\to 0 } }\frac{e^x+e^{-x}}{x}(第二次使用洛必达法则) \color{#34a853 }{\rightarrow} \color{#34a853}{\frac{2}{0}} \]\[=\infty\]

2. $ \frac{\infty}{\infty}$型

例三：求

\[\lim\limits_{\substack{x\to +\infty } }\frac{lnx}{x^{\alpha}},(\alpha>0)\]

解：\[=\lim\limits_{\substack{x\to +\infty } }\frac{ {1}\over{x}}{\alpha x^{\alpha-1}}=\lim\limits_{\substack{x\to +\infty } }\frac{1}{ \alpha\cdot x^{\alpha}}=0\]

\[(x\rightarrow +\infty,x^{\alpha}\to \infty )\]

3. $\infty-\infty$型

技巧：通分化简，通分，根式有理化；变量替换等方法转化为 $\frac{0}{0}$型，或$\frac{\infty}{\infty}$型再计算。

例四：求

\[\lim\limits_{\substack{x\to \frac{\pi}{2}} }(secx-tanx)\]

解：\[\lim\limits_{\substack{x\to \frac{\pi}{2}} }(secx-tanx)\]\[=\lim\limits_{\substack{x\to \frac{\pi}{2}} }(\frac{1}{cosx}-\frac{sinx}{cosx})\]\[=\lim\limits_{\substack{x\to \frac{\pi}{2}} }(\frac{1-sinx}{cosx})\]\[=\lim\limits_{\substack{x\to \frac{\pi}{2}} }\frac{cosx}{sinx} \to \frac{0}{1}\]\[=0\]

4. $0 \cdot\infty$型

转化为$\frac{0}{0}$型，或$\frac{\infty}{\infty}$型

例五：求

\[\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ } } sinxlnx\]

解：\[=\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ } } \frac{lnx}{1\over{sinx}}\]\[=\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ } } \frac{lnx}{1\over{x}}=\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ } } \frac{1\over{x}}{-{1\over{x^2}}}\]\[=-\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ } } x\]\[=0\]

5. $0^0,\infty^0,1^{\infty}$型

利用 $\lim f(x)^{g(x）}=e^{\lim g(x)lnf(x)}$转化为$0\cdot\infty$，再转化为$\frac{0}{0}$型或$\frac{\infty}{\infty}$型

例六：求

\[\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ } } x^{sinx}\]

解：\[\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ } } x^{sinx}=e^{\lim\limits_{\substack{x\to 0^+ }}sinxln(x) }\]\[=e^o=1\]

例七：求

\[\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } (1+cotx)^{{1}\over{lnx}}\]

解： \[=e^{\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } {{1}\over{lnx}}ln(1+cotx) }\]\[=e^{\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } \frac{ln(1+cotx)}{lnx} }=e^{\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } \frac{ln(1+cotx)'}{(lnx)'} }\]\[=e^{\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } {\left. {(\frac{-csc^2x }{1+cotx})} \middle / (\frac{1}{x})\right.} }\]\[=e^{\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } {\left. {-x}\middle /{(sin^2x+sinxcosx)} \right.} }=e^{\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } {\left. {-x}\middle /{sinx(sinx+cosx)} \right.} }\]\[=e^{\lim\limits_{\substack {x\to 0^+} } {\left. {-1}\middle /{(sinx+cosx)} \right.} }\]\[=e^{-1}\]

Reference：

高数｜洛必达法则的基础与进阶

转载于:https://www.cnblogs.com/tamkery/p/11614640.html

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