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前言概要知识点讲解
单调性归纳证明基于单调性的转移优化例题AC代码练习题
BZOJ1096 仓库建设BZOJ1911 特别行动队
前言
最近刷BZOJ的题目的时候，发现做到了很多题目都是用到了斜率优化，这个优化很早也接触过，但也没有仔细地去学。最近认真的去学了一下，就在这里做个整理
概要
斜率优化是基于单调队列或单调栈的一种优化DP的方式，当DP的决策具有单调性的时候，我们就可以通过维护单调队列或者单调栈来维护这个最优的决策，最终实现\(O(1)\)的DP转移。
知识点讲解
斜率优化如果空着讲实际上有点虚的，所以这里以BZOJ1597这题比较基础的斜率优化DP为例。
单调性归纳证明
之前说过，在使用斜率优化之前，应该证明这个DP转移是具有决策的单调性的。首先我们先知道什么是决策单调性。决策单调性大致就是指对于\(dp[i]\)的转移，如果任意两种转移方式\(dp[j]\rightarrow dp[i]\)、\(dp[k]\rightarrow dp[i]\)，\(j<k\)并且从\(k\)转移至\(i\)要优于\(j\)，那么对于\(dp[i+1]\)的转移中，从\(k\)转移至\(i+1\)也一定优于\(j\)。 下面我们开始证明： 对于题目，我们可以先把所有的土地按\(a\)升序排序，然后对于\(b\)取出递减的一串（因为如果不是递减的话，那么就可以和别的土地一并购买，对答案并没有贡献，所以可以不用计算）。这样我们就得到了一个\(a\)递增，\(b\)递减的序列。这样我们就可以很简单的列出\(dp\)转移方程。记\(dp[i]\)为枚举到第\(i\)块土地时，最少的花费为\(dp[i]\)，\(a[i],b[i]\)分别为土地的长和宽，于是我们很容易得到转移方程：\(dp[i]=min(dp[j]+a[i]*b[j+1])\)，并且这里的\(b\)是递增的。 现在我们假设有\(j\)，\(k\)\((j<k)\)两种方式转移至\(i\)，并且\(k\)转移要优于\(j\)，所以我们可以得到：
\(dp[k]+a[i]*b[k+1]\leq dp[j]+a[i]*b[j+1]\)
然后我们假设
\(a[i+1]=a[i]+v(v\geq0)\)，那么就有：
\(dp[k]+a[i+1]*b[k+1]\leq dp[j]+a[i+1]*b[j+1]\)
\(\Longrightarrow\)
\(dp[k]+a[i]*b[k+1]+v*b[k+1]\leq dp[j]+a[i]*b[j+1]+v*b[j+1]\)
而由于排序之后我们的
\(b\)是递减的，所以
\(v*b[k+1]\geq v*b[j+1]\)，所以上面的不等式始终是成立的，这样就证明了这个决策是具有单调性的。
基于单调性的转移优化
我们将得到的决策单调性的式子展开，可以得到：
\(dp[k]+a[i]*b[k+1]\leq dp[j]+a[i]*b[j+1]\)
\(a[i]*(b[j+1]-b[k+1])\geq dp[k]-dp[j]\)
\(a[i]\geq \frac{dp[k]-dp[j]}{b[j+1]-b[k+1]}\)
于是我们记斜率为
\(slop(j,k)=\frac{dp[k]-dp[j]}{b[j+1]-b[k+1]}\)，如果这个值小于等于当前的
\(a[i]\)，就说明
\(k\)的决策比
\(j\)的优。
这样这个东西就很适合单调队列了。对于一个单调队列，我们用
\(l\)表示队首，
\(r\)表示队尾，那么每次枚举到一个
\(i\)的时候，我们就要进行两种更新了：
1.
\(slop(que[l],que[l+1])<=a[i]\)时，说明
\(que[l]\)没有
\(que[l+1]\)更优，那么可以直接将
\(que[l]\)弹出队列。
2.
\(slop(que[r],i)<=slop(que[r-1],que[r])\)时，说明
\(que[r]\)没有
\(que[r-1]\)更优，因为如果当某一时刻枚举到
\(t\)时刻，假设
\(slop(que[r-1],que[r])<=a[t]\)，那么一定有
\(slop(que[r],i)<=a[t]\)，所以
\(que[r]\)相当于是没有用的，在这里就直接可以弹出队列了。
实际上，这上面两种操作实际上就是在进行维护凸包的的操作，所以斜率优化在某种意义上也是在维护上（下）凸包。
最后我们发现在经过上述操作之后，在单调队列队首的元素就是当前的最优转移，直接利用这个进行转移即可，这样转移的复杂度就是
\(O(1)\)的，每个点都会被最多遍历到一次，所以总的复杂度为
\(O(n)\)的。
例题AC代码
/**************************************************************
Problem: 1597
User: czl2333
Language: C++
Result: Accepted
Time:168 ms
Memory:5612 kb
****************************************************************/
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
bool Finish_read;
template<class T>inline void read(T &x){Finish_read=0;x=0;int f=1;char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;if(ch==EOF)return;ch=getchar();}while(isdigit(ch))x=x*10+ch-'0',ch=getchar();x*=f;Finish_read=1;}
template<class T>inline void print(T x){if(x/10!=0)print(x/10);putchar(x+'0');}
template<class T>inline void writeln(T x){if(x<0)putchar('-');x=abs(x);print(x);putchar('\n');}
template<class T>inline void write(T x){if(x<0)putchar('-');x=abs(x);print(x);}
/*================Header Template==============*/
#define PAUSE printf("Press Enter key to continue..."); fgetc(stdin);
const int maxn=1e5+500;
int n,tot;
struct plot {
ll a,b;
bool operator < (const plot &rhs) const {
return a!=rhs.a?a<rhs.a:b<rhs.b;
}
}p[maxn],pp[maxn];
ll f[maxn];
int l,r;
int que[maxn];
/*==================Define Area================*/
double Cal(int x,int y) {
return (double)(f[y]-f[x])/(double)(pp[x+1].b-pp[y+1].b);
}
int main() {
read(n);
for(int i=1;i<=n;i++) {
read(p[i].a);read(p[i].b);
}
sort(p+1,p+1+n);
for(int i=1;i<=n;i++) {
while(tot&&pp[tot].b<=p[i].b) tot--;
pp[++tot]=p[i];
}
for(int i=1;i<=tot;i++) {
while(l<r&&Cal(que[l],que[l+1])<pp[i].a) l++;
int t=que[l];
f[i]=f[t]+pp[i].a*pp[t+1].b;
while(l<r&Cal(que[r],i)<Cal(que[r-1],que[r])) r--;
que[++r]=i;
}
printf("%lld\n",f[tot]);
return 0;
}
练习题
BZOJ1096 仓库建设
题目传送门
解题思路
很容易推出DP转移方程：
\(dp[i]=min(dp[j]+cost(i,j))+c[i]\)
重点就是怎么快速的算出
\(cost(i,j)\)。我们把
\(cost\)的计算公式写出来：
\(cost(i,j)=\sum_{k=j+1}^{i}p[k]*(x[i]-x[k])＝x[i]*\sum_{k=j+1}^{i}p[k]-\sum_{k=j+1}^{i}p[k]*x[k]\)
我们记
\(sum[i]\)为
\(p[i]\)的前缀和，
\(b[i]\)为
\(p[i]*x[i]\)的前缀和，那么DP转移就是：
\(dp[i]=min(dp[j]+x[i]*(sum[i)-sum[j])-(b[i])-b[j])+c[i]\)
于是我们就可以愉悦的用斜率优化来做这道题了，如果
\(k>j\)并且
\(k\)比
\(j\)更优，那么：
\(dp[j]+x[i]*(sum[i)-sum[j])-(b[i])-b[j]\geq dp[k]+x[i]*(sum[i)-sum[k])-(b[i])-b[k]\)
整理一下可得：
\(\frac{dp[k]−dp[j]+b[k]−b[j]}{sum[k]−sum[j]}\leq s[i]\)
AC代码
/**************************************************************
Problem: 1096
User: czl2333
Language: C++
Result: Accepted
Time:2032 ms
Memory:52100 kb
****************************************************************/
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
bool Finish_read;
template<class T>inline void read(T &x){Finish_read=0;x=0;int f=1;char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;if(ch==EOF)return;ch=getchar();}while(isdigit(ch))x=x*10+ch-'0',ch=getchar();x*=f;Finish_read=1;}
template<class T>inline void print(T x){if(x/10!=0)print(x/10);putchar(x+'0');}
template<class T>inline void writeln(T x){if(x<0)putchar('-');x=abs(x);print(x);putchar('\n');}
template<class T>inline void write(T x){if(x<0)putchar('-');x=abs(x);print(x);}
/*================Header Template==============*/
#define PAUSE printf("Press Enter key to continue..."); fgetc(stdin);
const int maxn=1e6+500;
int n;
ll dis[maxn],c[maxn],p[maxn],f[maxn],sum[maxn],b[maxn];
int l,r;
int que[maxn];
/*==================Define Area================*/
double Cal(int x,int y) {
return (double)(f[y]-f[x]+b[y]-b[x])/(double)(sum[y]-sum[x]);
}
int main() {
read(n);
for(int i=1;i<=n;i++) {
read(dis[i]);read(p[i]);read(c[i]);
}
for(int i=1;i<=n;i++) {
sum[i]=sum[i-1]+p[i];
b[i]=b[i-1]+p[i]*dis[i];
}
for(int i=1;i<=n;i++) {
while(l<r&&Cal(que[l],que[l+1])<dis[i]) l++;
int t=que[l];
f[i]=f[t]-b[i]+b[t]+(sum[i]-sum[t])*dis[i]+c[i];
while(l<r&&Cal(que[r-1],que[r])>Cal(que[r],i)) r--;
que[++r]=i;
}
printf("%lld\n",f[n]);
return 0;
}
BZOJ1911 特别行动队
题目传送门
解题思路
还是同普通的DP一样，我们记\(dp[i]\)为枚举到第\(i\)个士兵时，能够得到的最大战斗力是多少。同时我们记\(sum[i]\)表示前\(i\)个士兵战斗力之和。那么转移方程就是\(dp[i]=min(dp[j]+a*(sum[i]-sum[j])^2+b*(sum[i]-sum[j])+c)\)。如果\(k>j\)并且\(k\)比\(j\)更优，那么：\(dp[j]+a*(sum[i]-sum[j])^2+b*(sum[i]-sum[j])+c\leq dp[j]+a*(sum[i]-sum[k])^2+b*(sum[i]-sum[k])+c\) 整理之后得出：
\(\frac{f[k]-f[j]+a*(sum[k]-sum[j])^2-b*(sum[k]-sum[j])}{2*a*(sum[k]-sum[j])}\leq sum[i]\)
然后就是套用斜率优化进DP了
AC代码
/**************************************************************
Problem: 1911
User: czl2333
Language: C++
Result: Accepted
Time:1220 ms
Memory:48180 kb
****************************************************************/
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
bool Finish_read;
template<class T>inline void read(T &x){Finish_read=0;x=0;int f=1;char ch=getchar();while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;if(ch==EOF)return;ch=getchar();}while(isdigit(ch))x=x*10+ch-'0',ch=getchar();x*=f;Finish_read=1;}
template<class T>inline void print(T x){if(x/10!=0)print(x/10);putchar(x+'0');}
template<class T>inline void writeln(T x){if(x<0)putchar('-');x=abs(x);print(x);putchar('\n');}
template<class T>inline void write(T x){if(x<0)putchar('-');x=abs(x);print(x);}
/*================Header Template==============*/
#define PAUSE printf("Press Enter key to continue..."); fgetc(stdin);
const int maxn=2e6+500;
int n;
int a,b,c;
int x[maxn];
int l,r;
int que[maxn];
ll f[maxn],sum[maxn];
/*==================Define Area================*/
ll Sqr(ll x) {
return x*x;
}
double Cal(int x,int y) {
return (double)(f[y]-f[x]+a*(Sqr(sum[y])-Sqr(sum[x]))-b*(sum[y]-sum[x]))/(double)(2*a*(sum[y]-sum[x]));
}
int main() {
read(n);
read(a);read(b);read(c);
for(int i=1;i<=n;i++) {
read(x[i]);
}
for(int i=1;i<=n;i++) sum[i]=sum[i-1]+x[i];
for(int i=1;i<=n;i++) {
while(l<r&&Cal(que[l],que[l+1])<sum[i]) l++;
int t=que[l];
f[i]=f[t]+a*Sqr(sum[i]-sum[t])+b*(sum[i]-sum[t])+c;
while(l<r&&Cal(que[r-1],que[r])>Cal(que[r],i)) r--;
que[++r]=i;
}
printf("%lld\n",f[n]);
return 0;
}
转载于:https://www.cnblogs.com/Apocrypha/p/9430359.html
相关资源：JAVA上百实例源码以及开源项目
